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第1节 分类加法计数原理与分步乘法计数原理
课时作业
基础对点练(时间:30分钟)
1.把10个苹果分成三堆,要求每堆至少1个,至多5个,则不同的分法共有( )
(A)4种 (B)5种
(C)6种 (D)7种
A 解析:分类:三堆中“最多”的一堆为5个,其他两堆总和为5,每堆至少1个,只有2种分法.即1和4,2和3个有两种方法.三堆中“最多”的一堆为4个,其他两堆总和为6,每堆至少1个,只有2种分法.即2和4;3和3两种方法.三堆中“最多”的一堆为3个,那是不可能的.所以不同的分法共有2+2=4.故选A.
2.将3本相同的小说,2本相同的诗集全部分给4名同学,每名同学至少1本,则不同的分法有( )
(A)24种 (B)28种
(C)32种 (D)36种
B 解析:由题可得,5本书分给4名同学,每名同学至少1本,那么这4名同学中有且仅有1名同学分到2本书,第一步,先选出1名同学,有Ceq \o\al(1,4)种选法;第二步,这名同学分到的2本书有三种情况;2本小说或2本诗集或1本小说和1本诗集,在第一种情况下有Ceq \o\al(1,3)种分法(剩下3名同学中选1名同学分到1本小说,其余2名同学各分到1本诗集),在第二种情况下有1种分法(剩下3名同学各分到1本小说),在第三种情况下有Ceq \o\al(1,3)种分法(剩下3名同学中选1名同学分到1本诗集,其余2名同学各分到1本小说),这样第二步所有情况的种数是Ceq \o\al(1,3)+1+Ceq \o\al(1,3)=7,故不同的分法有7Ceq \o\al(1,4)=28(种).故选B.
3.从6名男医生、5名女医生中选出2名男医生、1名女医生组成一个医疗小组,则不同的选法共有( )
(A)60种 (B)70种
(C)75种 (D)150种
C 解析:从6名男医生中选出2名男医生有Ceq \o\al(2,6)=15(种)不同的选法,从5名女医生中选出1名女医生有Ceq \o\al(1,5)=5(种)不同的选法,根据分步乘法计数原理可得,组成的医疗小组共有15×5=75(种)不同的选法,故选C.
4.某校开设A类选修课2门,B类选修课3门,一位同学从中选3门.若要求两类课程中各至少选一门,则不同的选法共有( )
(A)3种 (B)6种
(C)9种 (D)18种
C 解析:由题知有2门A类选修课,3门B类选修课,从中选出3门的选法有Ceq \o\al(3,5)=10(种).两类课程都有的对立事件是选了3门B类选修课,这种情况只有1种.满足题意的选法有10-1=9(种).故选C.
5.在某校举行的羽毛球两人决赛中,采用5局3胜制的比赛规则,先赢3局者获胜,直到决出胜负为止.若甲、乙两名同学参加比赛,则所有可能出现的情形(个人输赢局次的不同视为不同情形)共有( )
(A)6种 (B)12种
(C)18种 (D)20种
D 解析:分三种情况:恰好打3局(一人赢3局),有2种情形;恰好打4局(一人前3局中赢2局,输1局,第4局赢),共有2Ceq \o\al(2,3)=6(种)情形;恰好打5局(一人前4局中赢2局,输2局,第5局赢),共有2Ceq \o\al(2,4)=12(种)情形.所有可能出现的情形共有2+6+12=20(种).故选D.
6.有一种小型电子游戏,界面是一个以A,B,C,D,E,F为顶点的正六边形,一只电子猫开始在顶点A处,它每次可随意地跳到相邻两顶点之一.若在5次之内跳到D点,则停止跳动,播放成功音乐显示中奖;若在5次之内不能到达D点,则跳完5次也停止跳动,播放失败音乐显示没有中奖.那么这只电子猫从开始到停止,可能出现的不同跳法种数有( )
(A)20 (B)22
(C)26 (D)28
C 解析:电子猫不能经过跳1次、2次或4次到达D点,则电子猫的跳法只有以下两种:
(1)电子猫跳3次到达D点,有ABCD,AFED2种跳法.(2)电子猫一共跳5次后停止,那么,前3次跳一定不到达D,只能达到B或F,则共有AFEF,AFAF,ABCB,ABAB,AFAB,这6种跳法;随后的两次跳法各有4种,比如由F出发的有FEF,FED,FAF,FAB,共4种,因此共有6×4=24(种)不同的跳法.综上可知,一共有2+24=26(种)不同跳法.故选C.
7.芳芳同学有4件不同颜色的衬衣,3件不同花样的裙子,另有两套不同样式的连衣裙.“五一”节需选择一套服装参加歌舞演出,则芳芳同学不同的选择方式的种数为( )
(A)24 (B)14
(C)10 (D)9
B 解析:两个原理的联合运用,4×3+2=14(种).
8.(2019河南省实验中学质检)某班2名同学准备报名参加浙江大学、复旦大学和上海交大的自主招生考试,要求
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