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第二部分 突破重点题型 赢取考场高分;常考类型突破;【思路分析】 (1)结论:AC=AD+AB,只要证明AD= AC,AB= AC即可;(2)(1)中的结论成立.以C为顶点,AC为一边作∠ACE=60°,∠ACE的另一边交AB延长线于点E,只要证明△DAC≌△BEC即可;(3)结论:AD+AB= AC.过点C作CE⊥AC交AB的延长线于点E,只要证明△ACE是等腰直角三角形,△DAC≌△BEC即可.;∵∠BAC=60°,∴△AEC为等边三角形.
∴AC=AE=CE.
∵∠D+∠B=180°,∠DAB=120°,
∴∠DCB=60°.∴∠DCA=∠BCE.
∵∠D+∠ABC=180°,∠ABC+∠EBC=180°,
∴??D=∠CBE.
∵CA=CE,∴△DAC≌△BEC.
∴AD=BE.∴AC=AD+AB.
(3)结论:AD+AB= AC.理由如下:
过点C作CE⊥AC交AB的延长线于点E.如图2.
∵∠D+∠B=180°,∠DAB=90°,∴DCB=90°.
∵∠ACE=90°,∴∠DCA=∠BCE.
又∵AC平分∠DAB,∴∠CAB=45°.
∴∠E=45°.∴AC=CE.
又∵∠D+∠B=180°,∠D=∠CBE,
∴△CDA≌△CBE.∴AD=BE.∴AD+AB=AE.
∵在Rt△ACE中,∠CAB=45°,
∴AE= = AC.∴AD+AB= AC.;满分技法?本题考查了四边形的性质、等边三角形的性质、等腰直角三角形的判定和性质、全等三角形的判定和性质等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造全等三角形解决问题,属于中考常考题型.;二、探究发现→数学思考→拓展应用
【例2】[2017·长春中考]【再现】如图1,在△ABC中,点D,E分别是AB,AC的中点,可以得到:DE∥BC,且DE= BC.(不需要证明)
【探究】如图2,在四边形ABCD中,点E,F,G,H分别是AB,BC,CD,DA的中点,判断四边形EFGH的形状,并加以证明.
【应用】在(1)【探究】的条件下,四边形ABCD中,满足什么条件时,四边形EFGH是菱形?你添加的条件是:________.(只添加一个条件)
(2)如图3,在四边形ABCD中,点E,F,G,H分别是AB,BC,CD,DA的中点,对角线AC,BD相交于点O.若AO=OC,四边形ABCD面积为5,则阴影部分图形的面积和为________.;【思路分析】 【探究】利用三角形的中位线定理可得出HG=EF,EF∥GH,继而可判断出四边形EFGH的形状;【应用】(1)同【探究】的方法判断出EF= AC,即可判断出EF=FG,即可得出结论;(2)先判断出S△BCD=4S△CFG,同理可得S△ABD=4S△AEH,进而得出S四边形EFGH= ,再判断出OM=ON,进而得出S阴影= S四边形EFGH即可.;满分技法?此题是四边形综合题,主要考查了三角形的中位线定理,平行四边形的判定,菱形的判定,相似三角形的判定和性质,解【探究】的关键是???出HG∥AC,HG= AC,解【应用】的关键是推出S四边形EFGH= .;三、观察分析→类比猜想→归纳概括→拓展应用
【例3】[2017·衢州中考]问题背景
如图1,在正方形ABCD的内部,作∠DAE=∠ABF=∠BCG=∠CDH,根据三角形全等的条件,易得△DAE≌△ABF≌△BCG≌△CDH,从而得到四边形EFGH是正方形.
类比探究
如图2,在正△ABC的内部,作∠BAD=∠CBE=∠ACF,AD,BE,CF两两相交于D,E,F三点(D,E,F三点不重合).
(1)△ABD,△BCE,△CAF是否全等?如果是,请选择其中一对进行证明.
(2)△DEF是否为正三角形?请说明理由.
(3)进一步探究发现,△ABD的三边存在一定的等量关系,设BD=a,AD=b,AB=c,请探索a,b,c满足的等量关系.;【思路分析】 (1)由正三角形的性质得出∠CAB=∠ABC=∠BCA=60°,AB=BC,证出∠ABD=∠BCE,由ASA证明△ABD≌△BCE即可;(2)由全等三角形的性质得出∠ADB=∠BEC=∠CFA,证出∠FDE=∠DEF=∠EFD,即可得出结论;(3)作AG⊥BD于点G,由正三角形的性质得出∠ADG=60°,在Rt△ADG中,DG= b,AG= b,在Rt△ABG中,由勾股定理即可得出结论.;(2)△DEF是正三角形.理由如下:
∵△ABD≌△BCE≌△CAF,∴∠ADB=∠BEC=∠CFA.
∴∠FDE=∠DEF=∠EFD.∴△DEF是正三角形.; 满分必练?1.[2017·盐城中考]【探索发现】
如图1,是一张直角三角形纸片,∠B=90°,小明想从中剪出一个以∠B为内角且面积最大的矩形,经过多
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