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高考数学专题:?空间向量与立体几何
1.(2014·?广东,5,易)已知向量?a=(1,0,-1),则下列向量中与?a?成?60°夹角
的是( )
A.(-1,1,0)
B.(1,-1,0)
C.(0,-1,1)
D.(-1,0,1)
1.B 设所选向量为?b,观察选项可知|b|=?2,∵〈a,b〉=60?,
1
∴cos?〈a,b〉=
a·?b???1
2×?2=2,∴a·?b=1.代入选项检验可知(1,-1,0)适合,故
不妨设?e1=???,????3?
不妨设?e1=???,????3
?,e2=(1,0,0),
∴b=???,
=???-??x-y,????3
2??-?2?x,t?,
故|b|=??? ?5?2
?2???+?
??2??
???+t2
1
2.(2015·?浙江,15,难)已知?e1,e2?是空间单位向量,e1·?e2=2.若空间向量?b?满
5
足?b·e1=2,b·e2=2,且对于任意?x,y∈R,|b-(xe1+ye2)|≥|b-(x0e1+y0e2)|=1(x0,
y0∈R),则?x0=______,y0=________,|b|=________.
1 π
2.【解析】?∵e1·?e2=|e1||e2|cos〈e1,e2〉=cos〈e1,e2〉=2,∴〈e1,e2〉=3.
?1 ?
?2 2?,0?
b=(m,n,t).
1 3
则由题意知?b·?e1=2m+?2?n=2,
5
b·?e2=m=2,
3 5
解得?n=?2?,m=2,
?5 3 ?
??2 2?,t?.
?
∵b-(xe1+ye2)
?5 1 3 ?
?2 2 ?
?5 1 ?2 ??3 3??2
?? ? ?∴|b-(xe1+ye2)|2=?2-2x-y??+??2?-?2?x
?? ? ?
由题意,当?x=x0=1,y=y0=2?时,
|b-(xe1+ye2)|2?取到最小值?1.
此时?t2=1,
??3?2
???
=?8=2?2.
【答案】 1 2 2?2
2
)3.(2016·?课标Ⅲ,19,12?分,中?如图,四棱锥P-ABCD?中,
)
PA⊥底面?ABCD,AD∥BC,AB=AD=AC=3,PA=BC=
4,M?为线段?AD?上一点,AM=2MD,N?为?PC?的中点.
(1)证明?MN∥平面?PAB;
(2)求直线?AN?与平面?PMN?所成角的正弦值.
2
3.解:(1)证明:由已知得?AM=3AD=2.
1
如图,取?BP?的中点?T,连接?AT,TN,由?N?为?PC?中点知?TN∥BC,TN=2BC=
2.
又?AD∥BC,故?TN?綊?AM,四边形?AMNT?为平行四边形,于是?MN∥AT.
因为?AT 平面?PAB,MN?平面?PAB,所以?MN∥平面?PAB.
(2)如图,取?BC?的中点?E,连接?AE.由?AB=AC?得?AE⊥BC,从而?AE⊥AD,且
AE=?AB2-BE2=
?BC?2
??2??AB2-????
??2??
以?A?为坐标原点,分别以AE,AD,
以?A?为坐标原点,分别以AE,AD,AP的方向为?x?轴,y?轴,z?轴正方向,建立
2,0),N??? ,1,2?.
PM=(0,2,-4),PN=?
,1,-2?,AN=??2?,1,2?.
如图所示的空间直角坐标系?A-xyz.由题意知,P(0,0,4),M(0,2,0),C(?5,
??5 ?
??2 ?
→ → ??5 ? → ??5 ?
??2 ? ? ?
3
??n·?PM=0,
??n·?PM=0,
??n·?PN=0.
设?n=(x,y,z)为平面?PMN?的法向量,则?
→
?2y-4z=0,
即??5
??2?x+y-2z=0.
可取?n=(0,2,1).
于是|cos〈n,
于是|cos〈n,AN〉|=
|n·?AN|
8???5
→?=?25?.
→
|n||AN|
8?5
所以直线?AN?与平面?AMN?所成角的正弦值为?25?.
4.(2016·?北京,17,14?分,中)如图,在四棱锥?P-ABCD?中,平面?PAD⊥平面
ABCD,PA⊥PD,PA=PD,AB⊥AD,AB=1,AD=2,AC=CD=?5.
(1)求证:PD⊥平面?PAB;
(2)求直线?PB?与平面?PCD?所成角的正弦值;
(3)在棱?PA?上是否存在点?M,使得?BM∥平面?PCD?若存在,
AM
求?AP?的值;若不存在,说明理由.
4.解:(1)证明:因为平面?PAD⊥平面?ABCD,AB⊥AD,
所以?AB⊥平面?PAD.
所以?AB⊥PD.
又因为?PA⊥PD,
所以?PD⊥平面?PAB.
(2)如图,取?AD?的中点?O,连接?PO,CO.
因为?PA=PD,
所以?PO⊥AD.
又因为?
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