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2022版高考数学一轮复习 练案(61理+57文)第八章 解析几何 高考大题规范解答系列(五)—解析几何同步练习(含解析)新部编版
高考大题规范解答系列(五)——解析几何1.(2018·天津高考)设椭圆+=1(a>b>0)的左焦点为F,上顶点为B,已知椭圆的离心率为,点A的坐标为(b,0),且|FB|·|AB|=6.(1)求椭圆的方程;(2)设直线l:y=kx(k>0)与椭圆在第一象限的交点为P,且l与直线AB交于点Q.若=sin∠AOQ(O为原点),求k的值.[解析] (1)设椭圆的焦距为2c,由已知有=,又由a2=b2+c2,可得2a=3b.由已知可得,|FB|=a,|AB|=b,由|FB|·|AB|=6,可得ab=6,从而a=3,b=2.所以,椭圆的方程为+=1.(2)设点P的坐标为(x1,y1),点Q的坐标为(x2,y2).由已知有y1>y2>0,故|PQ|sin∠AOQ=y1-y2.又因为|AQ|=,而∠OAB=,故|AQ|=y2.由=sin∠AOQ,可得5y1=9y2.由方程组(k>0)消去x,可得y1=.易知直线AB的方程为x+y-2=0,由方程组(k>0)消去x,可得y2=.由5y1=9y2,可得5(k+1)=3,两边平方,整理得56k2-50k+11=0,解得k=,或k=.所以,k的值为或.2.(2021·湖南五市十校教研教改共同体联考)已知椭圆E的标准方程为+=1(a>b>0),且经过点和(0,1).(1)求椭圆E的标准方程;(2)设经过定点(0,2)的直线l与E交于A,B两点,O为坐标原点,若·=0,求直线l的方程.[解析] (1)题意得,解得a=2,b=1,所以椭圆E的标准方程为+y2=1.(2)设A,B的坐标为(x1,y1),(x2,y2),依题意可设直线l的方程为y=kx+2,联立方程组消去y,得(1+4k2)x2+16kx+12=0.Δ=(16k)2-48(1+4k2)>0,k2>,x1+x2=,x1x2=,·=x1x2+y1y2=x1x2+(kx1+2)(kx2+2)=(1+k2)x1x2+2k(x1+x2)+4=(1+k2)·+2k·+4=+4=0,=0,k2=4,解得k=±2,所以所求直线l的方程为y=2x+2或y=-2x+2,即2x-y+2=0或2x+y-2=0.3.(2021·广东深圳、汕头、潮州、揭阳联考)已知F1,F2分别是椭圆C:+y2=1的左、右焦点.(1)若P是第一象限内该椭圆上的一点,·=-,求点P的坐标;(2)设过定点M(0,2)的直线l与椭圆交于不同的两点A,B,且∠AOB为锐角(其中O为坐标原点),求直线l的斜率k的取值范围.[解析] (1)因为椭圆方程为+y2=1,所以a=2,b=1,c=,可得F1(-,0),F2(,0),设P(x,y)(x>0,y>0),则·=(--x,-y)·(-x,-y)=x2+y2-3=-,联立解得?即P.(2)显然x=0不满足题意,可设l的方程为y=kx+2,A(x1,y1),B(x2,y2),联立?(1+4k2)x2+16kx+12=0,由Δ=(16k)2-4(1+4k2)·12>0,得k2>,x1+x2=-,x1x2=.又∠AOB为锐角,即·>0,即x1x2+y1y2>0,x1x2+(kx1+2)(kx2+2)>0,(1+k2)x1x2+2k(x1+x2)+4=(1+k2)+2k+4=>0,可得k2<4.又k2>,即为<k2<4,解得k∈∪.4.(2021·吉林长春质检)已知椭圆x2+=1,直线l:y=kx+1分别与x轴y轴交于M,N两点,与椭圆交于A,B两点.(1)若=,求直线l的方程;(2)若点P的坐标为(0,-2),求△PAB面积的最大值.[解析] (1)设A(x1,y1),B(x2,y2),联立直线方程与椭圆方程有,有(4+k2)x2+2kx-3=0,有=-,=,所以AB中点坐标为,(k≠0)由M,N(0,1),MN中点坐标为,因为=,所以线段MN的中点与AB的中点重合,有,解得k=±2.∴直线l的方程为y=±2x+1.(2)由(1)可知S△PAB=×3×|x1-x2|===6×=,因为≥,所以+≥,所以SΔPAB=≤,当k=0时,△PAB面积最大.5.(2021·江苏镇江联考)已知抛物线C的顶点在原点,焦点在坐标轴上,点A(1,2)为抛物线C上一点.(1)求抛物线C的方程;(2)若点B(1,-2)在抛物线C上,过B作C的两弦BP与B
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