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1、证明:h2xrxsxn−
()()()x1p
(mod)
又不整除,因此nnn
n(x−1nx−nx−⇒hx≡p
,1
)(1
,1
p)()1(mod)
2、证明:任取一个,由于各不相同,因此至多存在一个,若对任意,
xiyjyjxi1≤j≤m
y≠x。因此y,y,,中至少有一个不与,相等。由插值公式,
ji12ymyixij≠iLagrange
存在一个至多2m−1次的多项式f(x)a2m−1x2m−1+a2m−2x2m−2++a0满足
2m−1
r
∑ax
mmrk
f(xk)r0
f(xj)0,j≠if(xi)ixi,f(yt)tyt,f(yi)0,i≠t。从而∑∑
k1kk1k
2m−1
r
∑ay
mf(xk)mr0rkmf(yk)
∑∑∑⇒xiyt,矛盾。
k1kk1kk1k
3、证明:显然f(n)≥2。设选出的最大的数组集合为,不妨设α(1,1,1,,1,1),
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