新教材(广西专版)高考一轮复习高考解答题专项一第1课时利用导数证明不等式课件.ppt

高考解答题专项一第1课时利用导数证明不等式考情分析导数的综合应用是高考考查的重点内容,也是高考压轴题之一,近几年高考命题的趋势是稳中求变、变中求新、新中求活,纵观近几年的高考题,导数的综合应用题考查多个核心素养以及综合应用能力,有一定的难度,一般放在解答题的最后两个题目位置,对数学抽象、数学运算、逻辑推理等多个数学核心素养都有较深入的考查.考点一利用导数证明函数不等式考向1.直接构造函数证明不等式例1.已知函数f(x)=-lnx+x-a.(1)若f(x)≥0,求a的取值范围;(2)证明:若f(x)有两个零点x1,x2,则x1x21.当0x1时,f(x)0,f(x)单调递减;当x1时,f(x)0,f(x)单调递增.则f(x)min=f(1)=e+1-a.要使得f(x)≥0恒成立,即满足f(x)min=e+1-a≥0,∴a≤e+1.故a的取值范围为(-∞,e+1].(2)证明不妨设x1x2,由题意知0x11x2.又x-10,∴F(x)0,∴F(x)在区间(0,1)内单调递增.又F(1)=f(1)-f(1)=0,方法总结直接构造函数证明不等式(1)证明不等式f(x)≥g(x)的一般步骤:首先构造函数h(x)=f(x)-g(x),然后求h(x),并判断h(x)在给定区间上的正负,确定h(x)的单调性,从而结合区间端点的函数值即可证得结论.(2)构造函数利用单调性证明不等式的关键是构造函数,确定其单调性,为了使构造的函数更容易地判定其单调性,有时还会先将欲证不等式进行合理地等价变形,再构造函数,尤其是对于含有lnx和ex的函数,经常采用以下技巧:①含有lnx的情况:当函数形如f(x)=lnx·g(x)+h(x)等的形式时,如果直接对f(x)求导,会得到f(x)=+lnx·g(x)+h(x),导函数中仍然含有lnx,这时解方程f(x)=0或不等式f(x)0都将比较麻烦,甚至不能直接求解,需要采取“二次求导”或“虚设零点”的办法解决问题.但如果将解析式进行转化,将对数函数lnx单独分离出来,化为f(x)=lnx+p(x)的形式,那么再对f(x)求导,会得到f(x)=+p(x),这时导函数中不再含有lnx,解方程f(x)=0或不等式f(x)0就比较容易了.②含有ex的情况:当函数形如f(x)=ex+g(x)等的形式时,如果直接对f(x)求导,会得到f(x)=ex+g(x),导函数中仍然含有ex,这时方程f(x)=0或不等式f(x)0都是超越方程或不等式,求解将比较麻烦,甚至不能直接求解,需要采取“二次求导”或“虚设零点”的办法解决问题.但如果将函数解析式转化为exf(x)对点训练1(2023山东潍坊一模,21)已知函数f(x)=ex-1lnx,g(x)=x2-x.(1)讨论f(x)的单调性;(2)证明:当x∈(0,2)吋,f(x)≤g(x).当0x1时,h(x)0,函数h(x)在(0,1)内单调递减,当x1时,h(x)0,函数h(x)在(1,+∞)上单调递增,(2)证明由f(x)≤g(x),得ex-1lnx≤x2-x=x(x-1),当0x1时,t(x)0,函数t(x)在(0,1)内单调递增,当x1时,t(x)0,函数t(x)在(1,2)内单调递减,∴在x∈(0,2)时,有f(x)≤g(x)成立.考向2.放缩法证明不等式令φ(x)=ex-(x+1),∴φ(x)=ex-1,当x0时,φ(x)0,函数φ(x)在(-∞,0)上单调递减,当x0时,φ(x)0,函数φ(x)在(0,+∞)上单调递增,∴g(x)在[-1,+∞)上单调递增,名师点析放缩法证明不等式在证明不等式的时候,若直接证明比较困难,可将不等式中的部分项进行放大或缩小,然后证明放缩后的不等式成立,再根据不等式的传递性证明原不等式成立,这种方法就是放缩法证明不等式,常用的放缩技巧有:(1)ex≥x+1;(2)ex-1≥x;(3)lnx≤x-1;(4)ln(x+1)≤x等.对点训练2设函数f(x)=axlnx,其中a∈R,曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线经过点(3,2).(1)求函数f(x)的极值;(1)解f(x)=alnx+a,则f(1)=a,又f(1)=0,所以曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程为y=a(x-1).把(3,2)代入切线方程可得a=1,则f(x)=lnx+1,x0.考向3.凹凸反转证明不等式例3.已知函数f(x)=xlnx-ax+1.(1)求函数f(x)的最小值;(1)解函数f(x)的定义域为(0,+∞),f(x)=lnx+1-a.令f(x)=lnx+1-a