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专题三 不等式 微切口 9 动态二次函数问题 — 动轴定区间、定轴动区间 已知函数 f ( x ) = ax 2 - 2 x + 1. (1) 若 1 3 ≤ a ≤ 1 ,且 f ( x ) 在 [1,3] 上的最大值为 M ( a ) ,最小值为 N ( a ) ,令 g ( a ) = M ( a ) - N ( a ) ,求 g ( a ) 的表达式; 【思维引导】 【解答】 因为 f ( x ) = a ? ? ? ? ? ? x - 1 a 2 + 1 - 1 a , 由 1 3 ≤ a ≤ 1 ,得 1 ≤ 1 a ≤ 3 ,所以 N ( a ) = f ? ? ? ? ? ? 1 a = 1 - 1 a . 当 1 ≤ 1 a <2 ,即 1 2 < a ≤ 1 时, M ( a ) = f (3) = 9 a - 5 , 故 g ( a ) = 9 a + 1 a - 6 ; 当 2 ≤ 1 a ≤ 3 ,即 1 3 ≤ a ≤ 1 2 时, M ( a ) = f (1) = a - 1 , 故 g ( a ) = a + 1 a - 2. 所以 g ( a ) = ? ? ? ? ? a + 1 a - 2 , a ∈ ? ? ? ? ? ? 1 3 , 1 2 , 9 a + 1 a - 6 , a ∈ ? ? ? ? ? ? 1 2 , 1 . (2) 在 (1) 的条件下,求证: g ( a ) ≥ 1 2 . 【解答】 当 a ∈ ? ? ? ? ? ? 1 3 , 1 2 时, g ′ ( a ) = 1 - 1 a 2 <0 ,所以函数 g ( a ) 在 ? ? ? ? ? ? 1 3 , 1 2 上为减函数; 当 a ∈ ? ? ? ? ? ? 1 2 , 1 时, g ′ ( a ) = 9 - 1 a 2 >0 ,所以函数 g ( a ) 在 ? ? ? ? ? ? 1 2 , 1 上为增函数. 所以当 a = 1 2 时, g ( a ) 取得最小值,且 g ( a ) min = g ? ? ? ? ? ? 1 2 = 1 2 , 故 g ( a ) ≥ 1 2 . (2019· 泗洪中学 ) 已知 a 为实数,函数 f ( x ) = x 2 + | x - a | + 1 , x ∈ R . (1) 求 f ( x ) 的最小值; 【思维引导】 【解答】 f ( x ) = ? ? ? ? ? x 2 + x - a + 1 , x ≥ a , x 2 - x + a + 1 , x < a . ①当 a ≤ - 1 2 时, f ( x ) 在 ? ? ? ? ? ? - ∞ ,- 1 2 上单调递减,在 ? ? ? ? ? ? - 1 2 ,+ ∞ 上单调递增, 所以 f ( x ) min = f ? ? ? ? ? ? - 1 2 = 3 4 - a ; ②当- 1 2 < a < 1 2 时, f ( x ) 在 ( - ∞ , a ) 上单调递减,在 ( a ,+ ∞ ) 上单调递增, 所以 f ( x ) min = f ( a ) = a 2 + 1 ; ③当 a ≥ 1 2 时, f ( x ) 在 ? ? ? ? ? ? - ∞ , 1 2 上单调递减,在 ? ? ? ? ? ? 1 2 ,+ ∞ 上单调递增, 所以 f ( x ) min = f ? ? ? ? ? ? 1 2 = 3 4 + a ; 综上, f ( x ) min = ? ? ? ? ? ? ? ? ? 3 4 + a , a ≥ 1 2 , a 2 + 1 ,- 1 2 < a < 1 2 , 3 4 - a , a ≤ - 1 2 . (2) 若 a > 0 , g ( x ) = f ( x ) + a | x | ,求 g ( x ) 的最小值. 【解答】 g ( x ) = x 2 + | x - a | + 1 + a | x | = ? ? ? ? ? x 2 + ( a + 1 ) x - a + 1 , x ≥ a , x 2 + ( a - 1 ) x + a + 1 , 0 < x < a , x 2 - ( a + 1 ) x + a + 1 , x ≤ 0. ①当 a + 1 2 ≤ a ,即 a ≥ 1 时,- a + 1 2 < 0 且 1 - a 2 ≤ 0 , g ( x ) 在 ( - ∞ , 0) 上单调递减,在
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