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高中物理牛顿运动定律试题经典及解析
一、高中物理精讲专题测试牛顿运动定律
1. 如图所示,质量 M=0. 4kg 的长木板静止在光滑水平面上,其右侧与固定竖直挡板问的
距离 L=0. 5m,某时刻另一质量 m=0. 1kg 的小滑块 (可视为质点 )以 v0=2m/ s 的速度向右滑上长木板,一段时间后长木板与竖直挡板发生碰撞,碰撞过程无机械能损失。已知小滑
块与长木板间的动摩擦因数 μ=0. 2,重力加速度 g=10m/ s2,小滑块始终未脱离长木板。
求:
(1)自小滑块刚滑上长木板开始,经多长时间长木板与竖直挡板相碰;
(2)长木板碰撞竖直挡板后,小滑块和长木板相对静止时,小滑块距长木板左端的距离。
【答案】( 1) 1.65m ( 2) 0.928m
【解析】
【详解】
解: (1)小滑块刚滑上长木板后,小滑块和长木板水平方向动量守恒:
解得:
对长木板:
得长木板的加速度:
自小滑块刚滑上长木板至两者达相同速度:
解得:
长木板位移:
解得:
两者达相同速度时长木板还没有碰竖直挡板
解得:
(2)长木板碰竖直挡板后 ,小滑块和长木板水平方向动量守恒:
最终两者的共同速度:
小滑块和长木板相对静止时,小滑块距长木板左端的距离:
2. 如图所示,在倾角为
θ= 37 °
M = 2kg
、长度
L = 1.5m
的极薄
的足够长斜面上放置一质量
平板 AB ,在薄平板的上端
A 处放一质量 m=1kg 的小滑块 (视为质点 ),将小滑块和薄平板同
时无初速释放。已知小滑块与薄平板之间的动摩擦因数为 μ1=0.25、薄平板与斜面之间的动
摩擦因数为 μ=0.5,sin37 =0°.6,cos37 =0°.8,取 g=10m/s 2。求:
2
(1)释放后,小滑块的加速度 al 和薄平板的加速度 a2;
(2)从释放到小滑块滑离薄平板经历的时间 t 。
【答案】 (1) 4m/s2 , 1m/s2 ;(2) t 1s
【解析】
【详解】
(1)设释放后,滑块会相对于平板向下滑动,
对滑块 m :由牛顿第二定律有:
mg sin 37 0
f1
ma1
其中 FN1
mg cos37 0
, f1
1FN 1
解得: a1
g sin 370
1g cos370
4m / s2
对薄平板
M ,由牛顿第二定律有:
Mg sin 370
f1 f2
Ma 2
其中 FN 2
mg cos370
Mg cos37 0
, f 2
2 FN 2
解得: a2
1m/s2
a1 a2 ,假设成立,即滑块会相对于平板向下滑动。
设滑块滑离时间为 t ,由运动学公式,有: x1
1
a1t 2 , x2
1
a2t 2 , x1 x2 L
2
2
解得: t
1s
3. 一长木板置于粗糙水平地面上,木板右端放置一小物块,如图所示。木板与地面间的动
摩擦因数 μ 1 =0.1,物块与木板间的动摩擦因数 μ 2=0.4。 t=0 时刻开始,小物块与木板一起
以共同速度向墙壁运动,当 t=1s 时,木板以速度 v1=4m/s 与墙壁碰撞 (碰撞时间极短
撞前后木板速度大小不变,方向相反。运动过程中小物块第一次减速为零时恰好从木板上
)。碰
掉下。已知木板的质量是小物块质量的
15 倍,重力加速度大小
g 取 10m/s 2。求:
(1)t=0
时刻木板的速度;
(2)木板的长度。
【答案】( 1) v0
5m / s ( 2) l
16 m
3
【解析】
【详解】
(1)对木板和物块:
1 M m g
M m a1
令初始时刻木板速度为 v0 由运动学公式: v1 v0 a1t
代入数据求得: v0 =5m/s
(2)碰撞后,对物块:
2 mg ma2
对物块,当速度为
0 时,经历时间
t,发生位移 x1,则有 x1
v12
, x1
v1
t
2a1
2
对木板,由牛顿第二定律:
2 mg
1 M m g
Ma3
对木板,经历时间
t,发生位移 x2
x2 v1t
1 a3t 2
2
木板长度 l
x1
x2 代入数据, l = 16 m
3
4. 如图所示为工厂里一种运货过程的简化模型,货物
( 可视为质点质量
m 4kg ,以初速
度 v0 10m / s 滑上静止在光滑轨道
OB 上的小车左端,小车质量为
M
6kg ,高为
0.8m 。在光滑的轨道上 A 处设置一固定的障碍物,当小车撞到障碍物时会被粘住不
动,而货物继续运动,最后恰好落在光滑轨道上的
B 点。已知货物与小车上表面的动摩擦
因数
0.5 ,货物做平抛运动的水平距离
AB 长为 1.2m ,重力加速度 g 取 10m / s2 。
求货物从小车右端滑出时的速
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