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2021年高考数学突破训练
目录
TOC \o "1-3" \h \u 778766322 (一)三角函数与解三角形 2
1960229036 (二)数 列 8
1022779425 (三)立体几何 12
1394685387 (四)概率与统计 20
693292304 (五)直线与圆锥曲线 26
2064968353 (六)函数与导数 32
439889704 (七)坐标系与参数方程 39
1587542154 (八)不等式选讲 44
(一)三角函数与解三角形
1.(2019·首都师范大学附属中学模拟)已知函数f(x)=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5π,6)-2x))-2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x-\f(π,4)))coseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x+\f(3π,4))).
(1)求函数f(x)的最小正周期和单调递增区间;
(2)已知x1,x2是函数y=f(x)-eq \f(1,2)的两个零点,求|x1-x2|的最小值.
解 (1)f(x)=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5π,6)-2x))-2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x-\f(π,4)))·cos eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x+\f(3π,4)))
=sin eq \f(5π,6)cos 2x-cos eq \f(5π,6)sin 2x-2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x-\f(π,4)))cos eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x+π-\f(π,4)))
=eq \f(1,2)cos 2x+eq \f(\r(3),2)sin 2x+2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x-\f(π,4)))coseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x-\f(π,4)))
=eq \f(1,2)cos 2x+eq \f(\r(3),2)sin 2x+sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x-\f(π,2)))
=eq \f(1,2)cos 2x+eq \f(\r(3),2)sin 2x-cos 2x
=eq \f(\r(3),2)sin 2x-eq \f(1,2)cos 2x=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x-\f(π,6))),
则函数f(x)的最小正周期T=eq \f(2π,2)=π.
由2kπ-eq \f(π,2)≤2x-eq \f(π,6)≤2kπ+eq \f(π,2),k∈Z,
得kπ-eq \f(π,6)≤x≤kπ+eq \f(π,3),k∈Z,
即函数f(x)的单调递增区间为eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(kπ-\f(π,6),kπ+\f(π,3))),k∈Z.
(2)方法一 ∵x1,x2是函数y=f(x)-eq \f(1,2)的两个零点,
∴由y=f(x)-eq \f(1,2)=0,得f(x)=eq \f(1,2),
则由sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x-\f(π,6)))=eq \f(1,2),得2x1-eq \f(π,6)=2k1π+eq \f(π,6),①
2x2-eq \f(π,6)=2k2π+eq \f(5π,6),②
则②-①得2(x2-x1)=2(k2-k1)π+eq \f(2π,3).
即(x2-x1)=(k2-k1)π+eq \f(π,3),
则|x1-x2|=eq \b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(?k2-k1?π+\f(π,3))),k1,k2∈Z,
则当k1=k2时,|x1-x2|取得最小值,最小值为eq \f(π,3).
方法二 在同一平面直角坐标系内作出y=f(x)和y=eq \f(1,2)的图象如图所示.
由题意知,x1,x2即为y=f(x)图象和y=eq \f(1,2)图象两个交点的横坐标,
结合f(x)的图象及周期性,
易知当|x1-x2|最小时,x1,x2在同一个半周期内,
可设x1=eq \f(π,6),x2=eq \f(π,2),
∴|x1-x2|最小值为eq \f(π,3).
2.(2019·四川教考联盟诊断性考试)如图,在△ABC中,已知点D在BC边上,且AD⊥AC,sin ∠BAC=eq \f(2\r(7),7),AD=1,AB=eq \r(7).
(1)求B
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