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第六章 第三节
一、选择题
1.已知等比数列{an}满足a1+a2=3,a2+a3=6,则a7=( )
A.64 B.81
C.128 D.243
[答案] A
[解析] 设数列{an}的公比为q,则q=eq \f(a2+a3,a1+a2)=2,
∴由a1+a1q=3得a1=1,∴a7=1×27-1=64.
2.(文)已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2aeq \o\al(2,5),a2=2,则a1=( )
A.2 B.eq \r(2)
C.eq \f(\r(2),2) D.eq \f(1,2)
[答案] B
[解析] ∵a3·a9=(a6)2=2aeq \o\al(2,5),
∴(eq \f(a6,a5))2=2,又{an}的公比为正数,
∴q=eq \f(a6,a5)=eq \r(2).∴a1=eq \f(a2,q)=eq \r(2).
(理)已知各项均为正数的等比数列{an},a1a2a3=5,a7a8a9=10
A.5eq \r(2) B.7
C.6 D.4eq \r(2)
[答案] A
[解析] ∵{an}为正项等比数列,
∴a1a2a3,a4a5a6,a7
∴a4a5a6=eq \r(?a1a2a3?·?a7a8a9?)=5eq \r(2),故选A.
3.在等比数列{an}中,a2a6=16,a4+a8=8,则 eq \f(a20,a10)=( )
A.1 B.-3
C.1或-3 D.-1或3
[答案] A
[解析] 由a2a6=16,得aeq \o\al(2,4)=16?a4=±4,
又a4+a8=8,可得a4(1+q4)=8,
∵q40,∴a4=4.
∴q2=1,eq \f(a20,a10)=q10=1.
4.已知等比数列{an}满足an0,n=1,2,…,且a5·a2n-5=22n(n≥3),则当n≥1时,log2a1+log2a3+…+log2a2n
A.n(2n-1) B.(n+1)2
C.n2 D.(n-1)2
[答案] C
[解析] 由a5·a2n-5=22n(n≥3),得aeq \o\al(2,n)=22n,∵an0,∴an=2n.易得结论.
5.(文)已知{an}为等比数列,a4+a7=2,a5a6=-8,则a1+a10
A.7 B.5
C.-5 D.-7
[答案] D
[解析] 本题考查了等比数列的性质及分类讨论思想.
a4+a7=2,a5a6=a4a7=-8?a4=4,a7=-2或a4=-2,a
a4=4,a7=-2?a1=-8,a10=1?a1+a10=-7,
a4=-2,a7=4?a10=-8,a1=1?a1+a10=-7.
(理)(2014·山西四校联考)已知数列{an}的前n项和Sn=2n-1,则数列{an}的奇数项的前n项和为( )
A.eq \f(2n+1-1,3) B.eq \f(2n+1-2,3)
C.eq \f(22n-1,3) D.eq \f(22n-2,3)
[答案] C
[解析] 依题意,当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2n-1;
当n=1时,a1=S1=2-1=1,an=2n-1也适合a1.
因此,an=2n-1,eq \f(an+1,an)=2,数列{an}是等比数列.
数列{an}的奇数项的前n项和为eq \f(1×?1-22n?,1-22)=eq \f(22n-1,3).
6.等比数列{an}的公比为q,则“a10,且q1”是“对于任意正整数n,都有an+1an”的
A.充分非必要条件
B.必要非充分条件
C.充要条件
D.既非充分又非必要条件
[答案] A
[解析] 易知,当a10且q1时,an0,
所以eq \f(an+1,an)=q1,表明an+1an;
若对任意自然数n,都有an+1an成立,
当an0时,同除an得q1,
但当an0时,同除an得0q1.
也可举反例,如an=-eq \f(1,2n).
二、填空题
7.等比数列{an}的前n项和为Sn,公比不为1.若a1=1,且对任意的n∈N+都有an+2+an+1-2an=0,则S5=________.
[答案] 11
[解析] 本题考查了等比数列通项公式,求和公式等,
设{an}公比为q,则an+2+an+1 -2an=a1qn+1+a1qn-2a1qn-1=0,所以q2+q-2=0,即q=-2,q=1(舍去)
∴S5=eq \f(1-?-2?5,1-?-2?)=11.
8.在等比数列{an}中,已知对任意正整数n,a1+a2+a3+…+an=2n-1,则aeq \o\al(2,1)+aeq \o\al(2,2)+…+aeq \o\al(2,n)等于________.
[答案] eq \f(1,3)(4n-1)
[解析] 由a1+a2+a3+…+an=2n-1,
∴a1=
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