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数学试卷
数学试卷
t 1t2 2t故■的取值范围是t
t 1t2 2t
故■的取值范围是
t +1
t2 2t)
2?解:(I)
bn 1 a2n 2
a2n 1a2n 2
a2 na2n 1
红」所以{b”}是以b1
(扩2
1 1
,公比为一的等
2 2
2019考前金题巧练(6)参答
1. 解:
(【)f (x) =2x 2, . an 1 =2an 2 . a. 1 2 = 2,2)
{an 2}为等比数列,.an ? 2 =(a「2)2n」.a. =3 2- -2
2
(n)由已知得 bn 0 , bn.1 1 =(bn 1) , . Ig(bn i 1)=2lg(bn 1),
n丄
???又 lg(0 ?1) =lg(t ?1) = 0,所以{Ig(bnT)}的公比为 2 的等比数列,??? b^ (t 1)2_-1 o
(川):5 1
七2b- bk 2」k1,ck」〕少刀-1」一 1 ,
d bk 出 bk Sn -S1
Sn -S1二1 q J ,又不等式■ ::: Sn对所有的正整数n恒成立,
t (t 1)2 -1 t2 2t
1111 1 1
k =1,2/ , n. Sn =C1 c^ c^(---) (---^L (--—)
b1 b2 b2 b3 bn bn*
2 , 7t 0^ t 1?1,. Sn在n?[1, ?::)上是增函数
(t 1) -1
1 * 1 .
比数列.(n)由(I)知,bn = ( )n,当 n = 2k(k ? N )时,an = a2k = bk =()
比数列.
,1、2k 4 ~k
ki
(;)2
七)
2
2
/1、2k—
/1、2k—亠
ar「(2) -a2k
即
n =2k -1(k N*)时,
(-)2,”为正奇数
an 二 n T2n =(印? a3 ■ ... ■ a2n4)(玄2 玄4 ... a?n )
J)2, ”为正偶数
2
由⑵,64T2na2n -3(1- ka2n)即得1-(『(2)(1-中)1n —
由⑵,
64T2na2n -3(1- ka2n)即得
1 1 —
2 2
11 164[3
11 1
64[3一3(尹]厂3心 尹所以七
64
歹-64
2+歹-64占2 J2-64 =-48(当n= 3时等号成立),即所求的k最大值—48.
3.解:(I)可以看出:
2 -1c 1 一1 1ai = 0 = , a2 = —1 1 3 2 13 4-1 2,a5 :
2 -1
c 1 一1 1
ai = 0 = , a2 = —
1 1 3 2 1
3 4-1 2
,a5 :
5 4 1 3
a4 = _
2 -1 1
,a3 =
3 2 1 2
n^ N )
1 n
4 = 口,归纳可得:an
6 5 1 n
1 n 1 1
(n)因为 Sn (bn ), bn 0 ,所以 (b -)
2 bn 2 b1
b1
2 3-1
,解得0=1,即S1 = 1
当n - 2时,
bn 二 Sn - Sn」,所以 2Sn = Sn - Sn」 Sn Sn 4 = ,
Sn — Sn _1 Sn — Sn_1
2 2 2 2 2 2 2 2即 Sn -Sn」n 所以,Sn J - 工 n -1, Sn^ - 」n-2,…,S2 -S1 2
累加,得 Sn2 -S12 =2 3 n …所以,当 n 一2 时,Sn2 =1 ? 2 ? 3 ?川? n = n(n 1 ,
2
即Sn =, “;’1),当n =1时,也满足上式,所以,对所有
n N
(川)在(I)、(n)的条件下,
G = 2,当 n 一 2时,Cn =
1an Si
竺 2宀丄
n(n -1) n -1 n
当 n =1 时,「=2 ;当 n — 2时
11 11 1 1 1
Tn C2 C3 川十2[1 J)(厂?川(肓一芦2(2一;),因
Tn logm(1-2m)恒成立,即logm(1-2m)恒小于T的最小值
显然,Tn的最小值在n =1时取得,且最小值为 2,故有log m(1 -2m) ::: 2
数学试卷
数学试卷
112.9
112.
9 ,
TOC \o 1-5 \h \z 0 ::: m ::: 1 m 1
所以1 -2m 0①或1 -2m 0②解①得,0:::m—2-1,不等式组②无解 2 I 2
2271 -2m m |1 - 2m :: m
2
27
故,实数m的取值范围是(0, .2 -1)
4.解:
(I) Q f 1 二a」,.f x = 打1 ,2l 2n +1 丿 2n+1
打1 ,
2l 2n +1 丿 2n+1
3 气3丿 3
a? - ||_f 2 -c - ||_f 1 -c =-
a3 = f 3「c」f 2[jc
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