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2021-2022学年上学期期末卷01
高一数学·全解全析
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9
10
11
12
A
C
C
C
A
D
C
B
AD
CD
ACD
AB
1.【答案】A
【解析】,故,故选:A
??2.【答案】C
【解析】由条件知,所以,即,
所以.
故选:C.
??3.【答案】C
【解析】已知,则,
.
故选:C.
??4.【答案】C
【解析】对于A,函数的定义域为,函数的定义域为,所以这两个函数不是相等函数;
对于B,函数的定义域为,函数的定义域为,所以这两个函数不是相等函数;
对于C,函数,两个函数的定义域都是,所以这两个函数是相等函数;
对于D,,两个函数的定义域都是,又,所以这两个函数不是相等函数.故选:C.
5.【答案】A
【解析】A选项,,函数为偶函数,且在上单调递减,在单调递增,故正确;
B选项,为奇函数,在上单调递增,故错误;
C选项,为偶数,在上单调递增,在单调递减,故错误;
D选项,为偶函数,在上单调递增,在单调递减,故错误;
故选:A
6.【答案】D
【解析】由题意可知,函数在上为增函数,则,
且有,解得.
因此,实数的取值范围是.
故选:D.
7.【答案】C
【解析】因为是上周期为3的偶函数,且当时,,
所以,
,
故选:C
??8.【答案】B
【解析】∵,均为奇函数,且为R上的增函数,
∴函数为奇函数,在R上为增函数,
由,可得,
∴,即,
∴,
故选:B
9.【答案】AD
【解析】对于A,若为第一象限角,则,
所以,是第四象限的角,故A正确;
对于B,若,满足是第一象限的角,且,但,故B错误;
对于C,设扇形的半径为,则,解得,
所以该扇形的面积,故C错误;
对于D,若圆心角为的扇形的弦长为,则扇形的半径,
所以该扇形的弧长,故D正确.
故选:AD.
10.?【答案】CD
【解析】对A,由零点的定义可知,函数的零点是或,A错误;
对B,且,但是当时,且也可以使不等式成立,所以B错误;
对C,,C正确;
对D,,当且仅当时取等号,D正确.
故选:CD.
11.【答案】ACD
【解析】因为,所以,所以,所以A正确;
作出的图像,如图所示,
由图像可知没有最大值,且为周期为1的函数,所以B错误,C正确,
方程有无数个根,所以D正确,
故选:ACD
??12.【答案】AB
【解析】,故A正确;
,故B正确;
,,所以不是奇函数,故C错误;
,,所以不是偶函数,故C错误.
故选:AB.
13.【答案】
【解析】令,则,
由,
得(),
即().
故答案为:.
??14.【答案】
【解析】令,令,解得,
而的图象的对称轴为,故在上单调递增,在上单调递减,
又递减 ,
所以根据复合函数单调性原则得函数的单调递减区间是.故答案为:
15.【答案】3或4
【解析】由题意,,
又,,而,所以或1,
所以或4.
故答案为:3或4.
16.【答案】
【解析】当,,结合“双勾”函数性质可画出函数的简图,如下图,
令,
则由已知条件知,方程在区间上有两个不等的实根,
则,即实数的取值范围为.
故答案为:
17.?【解析】(1)
(2)由(1)知 由得:,
∵,∴ ∴.
18.【解析】(1)由题意可得表格如下:
x
0
0
0
可得图象如图所示.
(2)
将的图象向上平移1个单位长度得到的图象,
再将图象上所有点的横坐标缩短为原来的可得到的图象,
最后将得到的图象向右平移个单位长度,
可得的图象,
即,
令,解得,
所以的对称轴方程是.
19.【解析】(1)当时,设函数的解析式为,将点的坐标代入得,此时;
当时,函数的解析式为,将点的坐标代入得,所以.
综上,.
(2)当时,由,可得;
当时,由,可得.
所以,不等式的解集为.
因为,服药一次治疗疾病的有效时间为小时.
20.【解析】(1)根据题意,令,得,因为,所以,故结合定义域可知,为奇函数.
(2)在上单调递增.
证明:由题意,可知,
假设,使得,则,
而当时,由题意知,因此矛盾,故,恒成立.
设,且,则,
因此
,
因为,且当时,,所以,
又因为,所以,即,
又因为,所以在上单调递增.
(3)根据题意,结合(1)(2)可知,在上单调递增,
因此,,
故,,
因为,恒成立,
所以恒成立,即恒成立,
令,则,恒成立,
故,解得或.
21.【解析】(1)设二次函数,代入和,
得,
化简得,
,,,
;
(2),
对称轴为,
当时,即时,
,
当时,即时,
,
当时,即时,
,
综上,..
(3)当时,方程有解,即方程在上有解;
令, 在上递减,,则的值域是,
所以,的取值范围是.
22.【解析】(1)∵为奇函数,
∴,
∴在定义域内恒成立,
即在定义域内恒成立,
整理,得在定义域内恒成立,
∴解得.
当时,的定义域关于原点对称,
∴.
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