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综合训练05三角函数(16种题型60题专练)
一.扇形面积公式(共3小题)
1.(2022?甲卷)沈括的《梦溪笔谈》是中国古代科技史上的杰作,其中收录了计算圆弧长度的“会圆术”.如图,是以O为圆心,OA为半径的圆弧,C是AB的中点,D在上,CD⊥AB.“会圆术”给出的弧长的近似值s的计算公式:s=AB+.当OA=2,∠AOB=60°时,s=()
A. B. C. D.
【分析】由已知求得AB与CD的值,代入s=AB+得答案.
【解答】解:∵OA=OB=2,∠AOB=60°,∴AB=2,
∵C是AB的中点,D在上,CD⊥AB,
∴延长DC可得O在DC上,CD=OD﹣OC=2﹣,
∴s=AB+=2+=2+=.
故选:B.
【点评】本题考查扇形及其应用,考查运算求解能力,是基础题.
2.(2023?青羊区校级模拟)如图,已知在扇形OAB中,半径OA=OB=3,,圆O1内切于扇形OAB(圆O1和OA,OB,弧AB均相切),作圆O2与圆O1,OA,OB相切,再作圆O3与圆O2,OA,OB相切,以此类推.设圆O1,圆O2,…的面积依次为S1,S2…,那么S1+S2+?+Sn=(1﹣).
【分析】如图,设圆O1,圆O2,圆O3,…,圆On的半径分别为r1,r2,r3,…,rn.根据圆切线的性质,结合等比数列的定义可得{rn}是以r1=1为首项,以为公比的等比数列,由圆的面积公式可知{Sn}是以为首项,以为公比的等比数列,利用等比数列前n项求和公式计算即可求解.
【解答】解:如图,设圆O1与弧AB相切于点D,
圆O1,圆O2与OA分别切于点C,E,则O1C⊥OA,O1C⊥OA,O2E⊥OA.
设圆O1,圆O2,圆O3,…,圆On的半径分别为r1,r2,r3,…,rn.
因为,所以.在Rt△OO1C中,OO1=3﹣r1,
则,即,解得r1=1.
在Rt△OO2E中,OO2=3﹣r2﹣2r1,
则,即,解得.
同理可得,,
所以{rn}是以r1=1为首项,以为公比的等比数列.
又圆的面积为S=πr2,
所以面积S1,S2,S3,…,Sn构成一个以为首项,以为公比的等比数列,
则.
故答案为:.
【点评】本题考查扇形面积公式,属于中档题.
3.(2023?柳州模拟)圣彼得大教堂坐落在梵蒂冈城内,是世界上最大的天主教教堂.作为最杰出的文艺复兴建筑和世界上最大的教堂,它是典型的哥特式建筑,哥特式建筑的特点之一就是窗门处使用尖拱造型,其结构是由两段不同圆心的圆弧组成的对称图形.如图,所在圆的圆心O在线段AB上,若∠CAB=α,|AC|=m,则扇形OAC的面积为.
【分析】根据已知条件将R表示出来,直接打入扇形OAC的面积公式即可.
【解答】解:如图,过点C作CD⊥AB,设所在圆的半径为R,
则|AO|=|OC|=R,在Rt△ADC中,∠CAD=α,|AC|=m,
所以|AD|=mcosα,|CD|=msinα,
所以,|OD|=R﹣mcosα.
在Rt△ODC中,有|CD|2+|OD|2=|OC|2,
∴(msinα)2+(R﹣mcosα)2=R2,
整理可得,R=,
因为|AO|=|OC|=R,所以∠COA=π﹣2α,
所以,扇形OAC的面积为S=(π﹣2α)R2=.
故答案为:.
【点评】本题考查扇形的面积,属于中档题.
二.任意角的三角函数的定义(共2小题)
4.(2023?重庆模拟)若点在角α的终边上,则cos2α=.
【分析】由题意,利用任意角的三角函数的定义,求得cosα的值,再利用二倍角的余弦公式求得cos2α的值.
【解答】解:因为点,即在角α的终边上,且|OM|=1,
所以,则.
故答案为:.
【点评】本题主要考查了任意角的三角函数的定义,考查了二倍角公式的应用,属于基础题.
5.(2023?江苏模拟)在平面直角坐标系xOy中,已知点,将线段OA绕原点顺时针旋转得到线段OB,则点B的横坐标为.
【分析】利用三角函数定义可知,射线OA对应的角α满足,再利用任意角的关系和两角差的余弦公式即可得点B的横坐标为.
【解答】解:易知在单位圆上,记终边在射线OA上的角为α,如下图所示:
根据三角函数定义可知,,
OA绕原点顺时针旋转得到线段OB,则终边在射线OB上的角为,
所以点B的横坐标为.
故答案为:.
【点评】本题主要考查了任意角的三角函数的定义,考查了两角和与差的三角函数公式,属于基础题.
三.三角函数线(共1小题)
6.(2022?甲卷)已知a=,b=cos,c=4sin,则()
A.c>b>a B.b>a>c C.a>b>c D.a>c>b
【分析】构造函数f(x)=cosx+,(0<x<1),可得cos,即b>a,利用三角函数线可得tanx>x,即tan>,即,可得c>b.
【解答】解:设f(x)=cosx
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