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答案第=page88页,共=sectionpages1212页
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明德华兴中学2022级高二第二学期入学测试
数学参考答案2024年2月
第I卷(选择题)
单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.D
【详解】若命题“,”为假命题,
则命题的否定“,”为真命题,即,恒成立,
,,当,取得最大值,
所以,选项中只有是的真子集,
所以命题“,”为假命题的一个充分不必要条件为.
2.C
【详解】由,得,
所以,
当且仅当即,时,等号成立,所以的最小值为9.
3.C
【详解】由于等差数列的前项和为满足,
,
由于,所以,所以,则,
则公差,
所以当时,,当时,,
故,
又因,所以.
4.D
【详解】甲去完成项工作,有种不同的安排方式;
甲不去完成项工作,又项工作不安排甲完成,有种不同的安排方式,
故共有种不同的安排方式.
5.A
【详解】解:,故A错误;,故B正确;
,故C正确;
,
,
故,故D正确.
6.B
【详解】由可得,
故,设的公比为,则,即,故,
则.
由于时,,
故随着的增大而增大,而,,
故满足的最小正整数的值为6.
7.B
【详解】展开式中各项系数之和为,
所以令,可得,解得,,
的展开式的通项为,
当在项中取时,项中需取,不符合条件;
当在项中取时,项中需取,则,即,此时的系数为;
当在项中取时,项中需取,则,即,此时的系数为,
综上,展开式中的系数为.
8.B
【详解】解:作出函数的图象如图:
??
依题意方程有且仅有三个实数解,即与有且仅有三个交点,
因为必过,且,
若时,方程不可能有三个实数解,则必有,
当直线与在时相切时,
设切点坐标为,则,即,
则切线方程为,
即,
切线方程为,
且,则,所以,
即当时与在上有且仅有一个交点,
要使方程有且仅有三个的实数解,
则当时与有两个交点,设直线与切于点,此时,则,即,所以.
二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对得5分,部分选对得2分,选错或多选不得分)
9.AC
【详解】
,
即,
对于A,,易知为偶函数,所以A正确;
对于B,对称轴为,故B错误;
对于C,,单调递减,则
单调递增,故C正确;
对于D,,则,所以,故D错误;
10.AD
【详解】令,
当时,,A正确;
当时,,当时,,
因此,B错误;
展开式的通项为,
设第项的系数最大,显然且,于是,
即,整理得,解得,
而为整数,则,所以展开式系数中最大,C错误;
当时,,D正确.
11.ABD
【详解】对于选项A,作出曲线的图象,即可判断为封闭图形,再作出的图象,
由图可知曲线围成的面积大于曲线围成的面积,且曲线与轴正半轴的交点坐标为,与轴正半轴的交点坐标为,所以围成的面积为,所以选项A正确;
对于选项B,因为点,点均满足方程,则可得到曲线关于原点中心对称,所以选项B正确;
对于选项C,设曲线E上任意一点为,则其到原点的距离的平方为,且,即曲线上的点到原点距离的最小值为,故选项C错误;
对于选项D,曲线上任意一点为,则其到直线距离为,故选项D正确;
12.ABC
【详解】如图,长方体有两个相同的等腰四面体:和,A正确;
如等腰四面体中,每个面可能看作是从长方体截一个角得出的,
如图,设的长分别为,不妨设,
则,,,最大,
其所对角的余弦值为,最大角为锐角,三角形为锐角三角形,同理其它三个面都是锐角三角形,各个面的三条边分别相等,为全等三角形,面积相等,B正确;
把一个等腰四面体沿一个顶点出发的三条棱剪开摊平,则得一个锐角三角形,还有三条棱是这个三角形的三条中位线,
如等腰四面体,沿剪开摊平,共线,同理可得共线,共线,为锐角三角形(与等腰四面体的面相似),且是这个三角形的中位线,因此C正确;
如上等腰四面体中三条棱长分别是长方体的三条面对角线长,由长方体性质知长方体对角线是其外接球直径,因此直径长为,D错。
第II卷(非选择题)
三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)
13.
【详解】先排第一节有种排法,再在其后排语数英中除第一节外的两科目,有种不同排列,并形成3个空排艺术、体育两门科目,有种排法,故不同的排课方法有种方法.
14.
【详解】由得:,
由得:,即直线恒过定点,
当点在圆上或圆内时,直线与圆恒有公共点,
,即,又,,
即的取值范围为.
15.
【详解】由已知可得,,,根据二阶等差数列的定义可知,
是以为首项,公差为的等差数列,
所以,.
所以,
.
16.
【详解】设
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