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2023学年第二学期浙江G5联盟期中联考
高一年级数学学科试题
考生须知:
1.本卷共4页满分150分,考试时间120分钟.
2.答题前,在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字.
3.所有答案必须写在答题纸上,写在试卷上无效.
4.考试结束后,只需上交答题纸.
选择题部分
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.设向量,,且,则()
A.1 B. C.1或 D.或3
【答案】C
【解析】
【分析】由,可得,再根据数量积的坐标公式计算即可.
【详解】因为,
所以,解得或.
故选:C.
2.已知水平放置的四边形的斜二测直观图为矩形,已知,,则四边形的面积为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据斜二测画法的公式,画出复原图即可求解.
【详解】因为,,取的中点为坐标原点,以为建立坐标系如左图,
因为斜二测直观图为矩形,,,
则,
可得原图中(右图),,,
所以四边形的面积为.
故选:B.
3.已知向量,,则向量和向量夹角的正弦值为()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据向量的夹角公式求出,再根据平方关系求出正弦值.
【详解】因为向量,,
所以,
因为,
所以,
所以向量和向量夹角的正弦值为,
故选:D.
4.在中,角的平分线交于,,,,则()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】利用等面积法结合二倍角公式求解即可.
【详解】设,则,
因为,
所以,
即,
又,所以,所以,
所以,
所以.
故选:B.
5.法国数学家棣莫弗(1667-1754年)发现了棣莫弗定理:设两个复数,,(,)则.设,则的虚部为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意化简即可得解.
【详解】根据题意,由,
可得
.
故虚部为.
故选:C
6.圣·索菲亚教堂坐落于中国黑龙江省,是每一位到哈尔滨旅游的游客拍照打卡的必到景点.其中央主体建筑集球,圆柱,棱柱于一体,极具对称之美.小明同学为了估算索菲亚教堂的高度,在索菲亚教堂的正东方向找到一座建筑物,高为,在它们之间的地面上的点(,,三点共线)处测得楼顶,教堂顶的仰角分别是15°和60°,在楼顶处测得塔顶的仰角为30°,则小明估算索菲亚教堂的高度为()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】求得,再在三角形中,运用正弦定理可得,再解直角三角形,计算可得所求值.
【详解】解:在直角三角形中,.
在中,,,
故,
由正弦定理,,
故.
在直角三角形中,.
故选:D.
7.已知、、是平面向量,是单位向量.若非零向量与的夹角为,向量满足,则的最小值是
A B. C.2 D.
【答案】A
【解析】
【分析】先确定向量、所表示的点的轨迹,一个为直线,一个为圆,再根据直线与圆的位置关系求最小值.
【详解】设,
则由得,
由得
因此,的最小值为圆心到直线的距离减去半径1,为选A.
【点睛】以向量为载体求相关变量的取值范围,是向量与函数、不等式、三角函数、曲线方程等相结合的一类综合问题.通过向量的坐标运算,将问题转化为解方程、解不等式、求函数值域或直线与曲线的位置关系,是解决这类问题的一般方法.
8.已知,,,为球面上四点,,分别是,的中点,以为直径的球称为,的“伴随球”,若三棱锥的四个顶点在表面积为的球面上,它的两条边,的长度分别为和,则,的伴随球的体积的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】由已知求出三棱锥的外接球半径,求出,进一步求出的范围,从而得出答案即可.
【详解】设三棱锥外接球的半径为,
则,所以球的半径为,
则球的两条弦的中点为,
则,
即弦分别是以为球心,半径为3和2的球的切线,
且弦在以为球心,半径为2的球的外部,
的最大距离为,最小距离为,
当三点共线时,分别取最大值与最小值,
故的伴随球半径分别为,
半径为时,的伴随球的体积为,
当半径为时,的伴随球的体积.
∴的伴随球的表面积的取值范围是.
故选:D.
【点睛】关键点点睛:由三棱锥的外接球半径,求出是解题的关键.
二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.已知复数,,则()
A.为纯虚数
B.复数在复平面内对应的点位于第四象限
C.(注意:表示复数共轭复数)
D.满足的复数在复平面内对应的点的轨迹为直线
【答案】AD
【解析】
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