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课时跟踪练(四十一)
A组 基础巩固
1.若a,b∈R,则下面四个式子中恒成立的是( )
A.lg(1+a2)>0 B.a2+b2≥2(a-b-1)
C.a2+3ab>2b2 D.eq \f(a,b)<eq \f(a+1,b+1)
解析:在B中,因为a2+b2-2(a-b-1)=(a2-2a+1)+(b2+2b+1)=(a-1)2+(b+1)2≥0 ,
所以a2+b2≥2(a-b-1)恒成立.
答案:B
2.已知f(x)是定义在R上的奇函数,且当x≥0时,f(x)单调递减,若x1+x2>0,则f(x1)+f(x2)的值( )
A.恒为负值 B.恒等于零
C.恒为正值 D.无法确定正负
解析:由f(x)是定义在R上的奇函数,且当x≥0时,f(x)单调递减,可知f(x)是R上的单调递减函数,由x1+x2>0,可知x1>-x2,f(x1)<f(-x2)=-f(x2),则f(x1)+f(x2)<0,故选A.
答案:A
3.已知m>1,a=eq \r(m+1)-eq \r(m),b=eq \r(m)-eq \r(m-1),则以下结论正确的是( )
A.a>b B.a<b
C.a=b D.a,b大小不定
解析:因为a=eq \r(m+1)-eq \r(m)=eq \f(1,\r(m+1)+\r(m)),
b=eq \r(m)-eq \r(m-1)=eq \f(1,\r(m)+\r(m-1)).
而eq \r(m+1)+eq \r(m)>eq \r(m)+eq \r(m-1)>0(m>1),
所以eq \f(1,\r(m+1)+\r(m))<eq \f(1,\r(m)+\r(m-1)),即a<b.
答案:B
4.分析法又称执果索因法,若用分析法证明:“设a>b>c,且a+b+c=0,求证eq \r(b2-ac)<eq \r(3)a”索的因应是( )
A.a-b>0 B.a-c>0
C.(a-b)(a-c)>0 D.(a-b)(a-c)<0
解析:由题意知eq \r(b2-ac)<eq \r(3)a?b2-ac<3a2?(a+c)2-ac<3a2?a2+2ac+c2-ac-3a2<0?-2a2+ac+c2<0?2a2-ac-c2>0?(a-c)(2a+c)>0?(a-c)(a-b)>0.
答案:C
5.设a,b是两个实数,给出下列条件:
①a+b>1;②a+b=2;③a+b>2;④a2+b2>2;⑤ab>1.其中能推出“a,b中至少有一个大于1”的条件是( )
A.②③ B.①②③
C.③ D.③④⑤
解析:若a=eq \f(1,2),b=eq \f(2,3),则a+b>1,但a<1,b<1,故①推不出;若a=b=1,则a+b=2,但不满足a,b中至少有一个大于1,故②推不出;
若a=-2,b=-3,则a2+b2>2,但a<1,b<1,故④推不出;
若a=-2,b=-3,则ab>1,但a<1,b<1,故⑤推不出.
对于③,若a+b>2,则“a,b中至少有一个大于1”成立.
证明(反证法):假设a≤1且b≤1,则a+b≤2,与a+b>2矛盾.
因此假设不成立,故a,b中至少有一个大于1.故选C.
答案:C
6.用反证法证明“若x2-1=0,则x=-1或x=1”时,应假设为________.
解析:“x=-1或x=1”的否定是“x≠-1且x≠1”.
答案:x≠-1且x≠1
7.[一题多解]设a>b>0,m=eq \r(a)-eq \r(b),n=eq \r(a-b),则m,n的大小关系是________.
解析:法一(取特殊值法) 取a=2,b=1,得m<n.
法二(分析法) eq \r(a)-eq \r(b)<eq \r(a-b)?eq \r(b)+eq \r(a-b)>eq \r(a)?a<b+2eq \r(b)·eq \r(a-b)+a-b?2eq \r(b)·eq \r(a-b)>0,显然成立.
答案:m<n
8.已知点An(n,an)为函数y=eq \r(x2+1)图象上的点,Bn(n,bn)为函数y=x图象上的点,其中n∈N*,设cn=an-bn,则cn与cn+1的大小关系为________.
解析:由条件得cn=an-bn=eq \r(n2+1)-n=eq \f(1,\r(n2+1)+n),
所以cn随n的增大而减小,所以cn+1<cn.
答案:cn+1<cn
9.[一题多解]在△ABC中,设a,b,c分别是内角A,B,C所对的边,且直线bx+ycos A+cos B=0与ax+ycos B+cos A=0平行,求证:△ABC是直角三角形.
证明:法一 由两直线平行可知bcos B-acos A=0,由正弦定理可知sin Bcos B-sin A
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